上岸算法
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No.1 重新排列单词间的空格
★解题思路
详解可以看下方代码注释。
代码展示
class Solution {
public String reorderSpaces(String text) {
// 提取单词列表
String[] words = text.trim().split(" +");
// 计数空格数量
int count = 0;
for (int i = 0; i < text.length(); i++) {
count += text.charAt(i) == ' ' ? 1 : 0;
}
// 特殊情况判断
if (words.length == 1) {
StringBuilder tail = new StringBuilder();
for (int i = 0; i < count; i++)
tail.append(" ");
return words[0] + tail.toString();
}
// 计算平均空格数量
int avg = count / (words.length - 1);
int mod = count % (words.length - 1);
StringBuilder sep = new StringBuilder();
for (int i = 0; i < avg; i++)
sep.append(" ");
// 组装结果
StringBuilder res = new StringBuilder(words[0]);
for (int i = 1; i < words.length; i++) {
res.append(sep);
res.append(words[i]);
}
if (mod > 0) {
for (int i = 0; i < mod; i++)
res.append(" ");
}
return res.toString();
}
}
No.2 拆分字符串使唯一子字符串的数目最大
★解题思路
回溯法, 枚举所有的拆分情况即可, 使用 set 判断是否有重复字符串出现.
代码展示
class Solution {
public int maxUniqueSplit(String s) {
return maxUniqueSplit(s, 0, new HashSet<String>());
}
private int maxUniqueSplit(String s, int start, HashSet<String> set) {
if (start == s.length()) {
return set.size();
}
int res = 1;
for (int end = start + 1; end <= s.length(); end++) {
String sub = s.substring(start, end);
if (!set.contains(sub)) {
set.add(sub);
res = Math.max(res, maxUniqueSplit(s, end, set));
set.remove(sub);
}
}
return res;
}
}
No.3 矩阵的最大非负积
★解题思路
详细思路建代码
代码展示
class Solution {
public int maxProductPath(int[][] grid) {
int n = grid.length;
int m = grid[0].length;
// max[i][j] 表示走到 [i, j] 的最大非负乘积
// min[i][j] 表示走到 [i, j] 的最小非正乘积
long[][] max = new long[n][m];
long[][] min = new long[n][m];
for (int i = 0; i < n; i++) {
// MIN_VAULE, MAX_VALUE 表示非法状态
Arrays.fill(max[i], Long.MIN_VALUE);
Arrays.fill(min[i], Long.MAX_VALUE);
}
if (grid[0][0] > 0)
max[0][0] = grid[0][0];
if (grid[0][0] < 0)
min[0][0] = grid[0][0];
if (grid[0][0] == 0)
max[0][0] = min[0][0] = 0;
// 根据 grid[i][j] 的正负进行状态转移
for (int i = 0; i < n; i++) {
for (int j = 0; j < m; j++) {
if (i == 0 && j == 0)
continue;
if (grid[i][j] > 0) {
long uMax = (i == 0 || max[i - 1][j] == Long.MIN_VALUE) ?
Long.MIN_VALUE : (grid[i][j] * max[i - 1][j]);
long lMax = (j == 0 || max[i][j - 1] == Long.MIN_VALUE) ?
Long.MIN_VALUE : (grid[i][j] * max[i][j - 1]);
max[i][j] = Math.max(uMax, lMax);
long uMin = (i == 0 || min[i - 1][j] == Long.MAX_VALUE) ?
Long.MAX_VALUE : (grid[i][j] * min[i - 1][j]);
long lMin = (j == 0 || min[i][j - 1] == Long.MAX_VALUE) ?
Long.MAX_VALUE : (grid[i][j] * min[i][j - 1]);
min[i][j] = Math.min(uMin, lMin);
}
if (grid[i][j] < 0) {
long uMax = (i == 0 || min[i - 1][j] == Long.MAX_VALUE) ?
Long.MIN_VALUE : (grid[i][j] * min[i - 1][j]);
long lMax = (j == 0 || min[i][j - 1] == Long.MAX_VALUE) ?
Long.MIN_VALUE : (grid[i][j] * min[i][j - 1]);
max[i][j] = Math.max(uMax, lMax);
long uMin = (i == 0 || max[i - 1][j] == Long.MIN_VALUE) ?
Long.MAX_VALUE : (grid[i][j] * max[i - 1][j]);
long lMin = (j == 0 || max[i][j - 1] == Long.MIN_VALUE) ?
Long.MAX_VALUE : (grid[i][j] * max[i][j - 1]);
min[i][j] = Math.min(uMin, lMin);
}
if (grid[i][j] == 0)
max[i][j] = min[i][j] = 0;
}
}
if (max[n - 1][m - 1] < 0)
return -1;
return (int) (max[n - 1][m - 1] % 1000000007L);
}
}
No.4
连通两组点的最小成本
★
解题思路
状态压缩动态规划.详情见注释
代码展示
class Solution {
public int connectTwoGroups(List<List<Integer>> cost) {
int n = cost.size(), m = cost.get(0).size();
// f[i][j] 表示第一组中的前 i 个点与第二组中的 j 点连接的最小花费
// 其中 j 表示一个点集
int maxJ = (1 << m) - 1;
int[][] f = new int[n + 1][maxJ + 1];
for (int i = 0; i <= n; i++) {
Arrays.fill(f[i], 0x3f3f3f3f);
}
f[0][0] = 0;
for (int i = 1; i <= n; ++i) {
// 预处理信息
int[] sum = new int[maxJ + 1];
for (int j = 0; j <= maxJ; ++j) {
sum[j] = 0;
for (int u = 1, v = 1; u <= m; u++, v <<= 1) {
if ((v & j) > 0)
sum[j] += cost.get(i - 1).get(u - 1);
}
}
// 状态转移, u 表示集合 2 的点编号, v 表示它在集合 j 中的位置
// 即枚举集合 2 中的点, 与 i 配对, 选出最优解
for (int j = 0; j <= maxJ; ++j) {
for (int u = 1, v = 1; u <= m; u++, v <<= 1) {
if ((v & j) > 0)
f[i][j] = Math.min(f[i][j], f[i - 1][j] + cost.get(i - 1).get(u - 1));
}
int j2 = (maxJ ^ j);
for (int u = j2; u > 0; u = (u - 1) & j2) {
f[i][j | u] = Math.min(f[i][j | u], f[i - 1][j] + sum[u]);
}
}
}
return f[n][maxJ];
}
}
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